ĐỊNH LÝ EULER. CHO M LÀ SỐ NGUYÊN DƯƠNG VÀ A LÀ SỐ NGUYÊN TỐ CÙNG N...
3. Định lý Euler. Cho m là số nguyên dương và a là số nguyên tố cùng nhau với m;ϕ(m)là số các số nguyên dương nhỏ hơn m và nguyên tố cùng nhau với m. Khi đó a
ϕ
(m)
≡1 (mod m). Chú ý: Nếu số nguyên dương m có dạng phân tích thành thừa số nguyên tố: m =
1
1
1
−
−
−
p .p ...pα
α
α
thì ϕ(m)=m 1
1
... 1
1
2
k
CH IN H P H Ụ C K Ỳ T H I H Ọ C S IN H GI Ỏ I C ẤP H AI
.p
p
p
* Ví dụ minh họa:Bài toán 1. Cho a b, ∈Z a b;( )
, =1 Chứn minh rằng : a3
−2b3
không chia hết cho 19.Hướng dẫn giải Ta chứng minh bằng phản chứng như sau: Giả sử(
a3
−2b3
)
19 khi đó( ) ( ) (
a3
6
− 2b3
6
a3
−2b3
)
19.Mặt khác( ) ( )
a3
6
− 2b3
6
=a18
−64b18
. Nếu a b, không chia hết cho 19 thì theo định lýFermat (Định lý Fermat: ap
≡a(
modp)
⇒ap
−
1
≡1 mod(
p)
Với mọi a nguyên và p nguyên tố).( ) ( )
⇒ ≡ ≡ ⇒ − ≡ − = − ≡ (Vô lý)18
18
18
18
1 mod19 64 1 64 63 0 mod19a b a b − ⇒ ⇒a b aNếu một trong hai số chia hết cho 19 thì từ(
3
23
)
19 19 vô lý vì( )
a b, =1.19bVậy a3
−2b3
không chia hết cho 19. Bài toán 2. Chứng minh rằng với mọi số tự nhiên n thì : 23
4
n
+
1
+32
4
n
+
1
+2007chia hết cho 22 Theo Định lý Fermat bé ta có 210
≡ 1(mod 11) ; 310
≡ 1(mod 11) Ta có 34
= 81 ≡ 1(mod 10) ⇒ 34n+1
= 3. (34
)n
≡ 3(mod 10) ⇒ 34n+1
= 10k + 3 , (k ∈ N)Mặt khác 24
= 16 ≡ 1 (mod 5) ⇒24n
≡ 1(mod 5) ⇒ 24n+1
= 2.(24
)n
≡ 2 (mod 10) ⇒ 24n+1
= 10t + 2 , (t ∈ N)Do đó 23
4 n 1
+
+32
4 n 1
+
+2007=210k 3
+
+310t 2
+
+2002 5+ =2 . 23
( )
10
k
+3 . 32
( )
10
t
+22.91 5+ ≡ 23
+ 32
+ 0 + 5 ≡ 0 (mod 11) Mà 23
4 n 1
+
+32
4 n 1
+
+2007 2 (vì2
3
4 n 1
+
là số chẵn 32
4 n 1
+
là số lẻ 2007là số lẻ). Do (2 ; 11) = 1 nên 23
4 n 1
+
+32
4 n 1
+
+2007 22. Bài toán 3. Cho a a1
;2
;...;a2016
là 2016 số nguyên dương . Chứng minh rằng điều kiện cầnCH UY ÊN Đ Ề S Ố H Ọ C
và đủ để a1
5
+a5
2
+ + +a5
3
... a5
2016
30 là a1
+a2
+....+a2016
30.Theo định lý Fermat bé , do 2; 3; 5 là các số nguyên tố và a là số nguyên dương bất kỳ ta có : a2
≡ a (mod 2)⇒
a4
= (a2
)2
≡ a2
≡ a (mod 2)⇒
a5
≡ a (mod 2) a3
≡ a (mod 3)⇒
a5
= a3
. a2
≡ a.a2
≡ a3
≡ a (mod 3) a5
≡ a (mod 5) Theo tính chất nếu hai số đồng dư với nhau theo nhiều môđun thì chúng đồng dư với nhau theo mô đun là BCNN của các môđun ấy. Do đó a5
≡ a (mod 2.3.5) hay a5
≡ a (mod 30)⇒
a5
– a ≡ 0 (mod 30) Nghĩa là(
a
5
1
+
a
5
2
+
a
5
3
+ +
... a
5
2016
)
–(
a1
+a2
+....+a2016
)
≡0 (mod 30) Vậy a1
+a2
+....+a2016
30⇔
a1
5
+a5
2
+a5
3
+ +... a5
2016
30Bài toán 3. Chứng minh rằng trong các số tự nhiên thế nào cũng có số k sao cho 1983k
– 1 chia hết cho 105
. (Đề thi học sinh giỏi toán cấp 2 toàn quốc năm 1983). Vì 1983 không chia hết cho 2 và không chia hết cho 5 mà 105
= 25
.55
nên (1983; 105
) = 1. Áp dụng định lý Euler ta có : ( )10
5
(
5
)
1983
ϕ
≡
1 mod 10
. Ta có( )
105
10 15
1 1 1 4.104
ϕ = − − = . Nghĩa là1983
4.10
4
−
1
10
5
2 5Vậy k = 4. 104
. B. BÀI TẬP ÁP DỤNG