MOB=900 (DO AB⊥MN) VÀ MHB=900(DO MH⊥BC) SUY RA
Bài 4:
C
a) Ta có: MOB=900
(do AB⊥MN) và MHB=900
(do MH⊥BC) Suy ra: MOB+MHB=900
+900
=1800
⇒Tứ giác BOMH nội tiếp.M
H
K
b) ∆OMB vuông cân tại O nên OBM=OMB (1)E
Tứ giác BOMH nội tiếp nên OBM=OHM (cùng chắn cung OM) và OMB=OHB (cùng chắn cung OB) (2)A
B
O
Từ (1) và (2) suy ra: OHM=OHB⇒ HO là tia phân giác của MHB ME MH⇒ = (3) BE HBN
Áp dụng hệ thức lượng trong ∆BMC vuông tại M có MH là = ⇒ = (4)HM HC HBñường cao ta có:2
. HM HCHB HMTừ (3) và (4) suy ra: ME HC( )
5 ME HM. BE HC.BE = HM ⇒ = (ñpcm)c) Vì MHC=900
(do MH⊥BC) nên ñường tròn ngoại tiếp ∆MHC có ñường kính là MC 900
⇒MKC= (góc nội tiếp chắn nửa ñường tròn) MN là ñường kính của ñường tròn (O) nên MKN =900
(góc nội tiếp chắn nửa ñường tròn) ⇒ + =1800
MKC MKN⇒3 ñiểm C, K, N thẳng hàng (*) ⇒ = . Mà MB = BN (do ∆MBN cân tại B) ∆MHC ∽ ∆BMC (g.g) HC MCMH BM⇒ HC MCBE = HM (theo (5) )HM = BN , kết hợp với ME HCSuy ra: MC MEBN = BE . Mà EBN=EMC=900
⇒∆MCE ∽ ∆BNE (c.g.c) ⇒ = , mà MEC+BEC =1800
(do 3 ñiểm M, E, B thẳng hàng) MEC BENBEC BEN⇒ 3 ñiểm C, E, N thẳng hàng (**) Từ (*) và (**) suy ra 4 ñiểm C, K, E, N thẳng hàng⇒3 ñiểm C, K, E thẳng hàng (ñpcm)Câu 5: ðKXð: x≥2Ta có: + + − + = −2
2
x x x x5 27 25 5 1 4⇔ + + = + + −⇔ + + = − + + + + −2
2
2
5 27 25 4 25 25 10 ( 1)( 4)x x x x x x+ + = + −4 2 4 10 1)(x 4)x x x⇔ + + = + −2 2 5 ( 1)( 4) (1)Cách 1: (1) ⇔(
x2
−2x−4)(
4x2
−13x−26)
=0Giải ra ñược:= (loại)= (nhận); 13 3 65x= − (loại); x= +1 5(nhận); 13 3 651 5x +8x −8Cách 2: (1) ⇔5(
x2
− −x 2) (
x+2)
=2(
x2
− −x 2)
+3(
x+2)
(2)ðặt a= x2
− +x 2;b= x+2 (a≥0;b≥0)Lúc ñó, phương trình (2) trở thành: a b5ab=2a +3b ⇔ − + = ⇔(
−)(
−)
= ⇔ ==2 5 3 0 2 3 0a ab b a b a b2 3a b (*) = −x ktm− − = + ⇔ − − ⇔ x x x x x- Với a = b thì2
2 22
2 4 1 5( ) = +1 5( )x tm +13 3 65 =( )2 2 3 2 4 13 26 0 8− − = + ⇔ − − = ⇔ - Với 2a = 3b thì2
2
−8= .Vậy phương trình ñã cho có hai nghiệm: x= +1 5 và 13 3 65