CHO DÃY SỐ ( XN) XÁC ĐỊNH BỞI X1= 1 VÀ XN+1= XN+ 3 PXN+PNXN VỚI...
Bài 1. Cho dãy số ( x
n) xác định bởi x
1= 1 và x
n+1= x
n+ 3 p
x
n+
pnxn
với mọi n ≥ 1.
na) Chứng minh rằng lim
xn
= 0.
n→+∞n2
b) Tính giới hạn lim
xn
.
Lời giải. a) Ta dự đoán x
n> n
2, ∀ n > 1 và có thể chứng minh bằng quy nạp như sau.
Với n = 2, ta có x
2= 1 + 3 p
1 +
p11= 5 > 2
2nên khẳng định đúng.
Giả sử ta đã có x
n> n
2, khi đó
x
n+1> x
n+ 3 p
x
n> n
2+ 3n ≥ ( n + 1)
2.
Do đó, theo nguyên lý quy nạp thì khẳng định trên được chứng minh.
1Từ đó suy ra 0 <
xnn
<
1n, mà lim
xn
= 0.
n= 0 nên theo nguyên lý kẹp thì lim
n→+∞b) Cách 1. (sử dụng định lý trung bình Cesaro – định lý Stolz)
Đặt x
n= y
n2thì công thức đã cho viết lại thành y
n+12= y
n2+ 3 y
n+
ynn
nên
( y
n+1− y
n)( y
n+1+ y
n) = 3 y
n+ n
y
nhay
n
.
y
n+1− y
n= 3 y
n+
ynq y
n2+ 3y
n+
ynn
+ y
n= 3 +
yn2
Ç 1 +
y3n
+
yn3
y
n+1+ y
n= 3 y
n+
ynn
+ 1
Theo câu a thì lim
yn
= 0 nên kéo theo lim
yn
= lim
yn
3
= 0 và dựa theo đẳng
thức trên thì lim
n→+∞( y
n+1− y
n) =
32. Theo định lý trung bình Cesaro thì dãy số ( u
n) có
u1
+u2
+···+un
n→+∞lim u
n= L thì lim
n= L.
Xét dãy u
n= y
n+1− y
n, áp dụng ta dễ dàng có được
n
2n→+∞lim
9 .
2 nên lim
x
n= 4
n = 3
Cách 2. (dùng nguyên lý kẹp) Trước hết, xét hiệu
x
n+1− x
nn2
+
p1x( n + 1 )
2− n
2= 3 p x
n+
pnx2n + 1 = 3 Æ
x2 +
1n,
xn
ta thấy rằng nếu lim
l → l =
94.
n2
= l thì theo định lý Stolz, ta phải có l =
32p
Nhờ dự đoán này, ta có thể thực hiện ước lượng để xây dựng BĐT và kẹp như sau: Vì
x
n> n
2nên
pnxn
< 1, từ đó dễ dàng chứng minh bằng quy nạp được
x
n< 9
4 n
2, ∀ n ≥ 2.
Sử dụng ước lượng p
a − b > p
a −
pbavới a > b > 0, ta có
2p x
n+ 3
x
n+1> x
n+ 3 p
x
n+ 2
− 2
3 >
2
v
u
t
p x
n+1>
− 2 > p
x
n+ 3
p x
n+
32.
2 − 2
Suy ra p x
n+1> p x
n+
32−
2nnên
1
p x
n+1> 1 + 3n
2 + · · · + 1
n
1 + 1
Mặt khác, dễ dàng chứng minh bằng quy nạp rằng
1
n, ∀ n ≥ 1
n ≤ p
n.
nên ta được
3n2> p x
n+1>
3n2− 2 p
Theo nguyên lý kẹp, dễ dàng suy ra lim
nx2
n
=
49.
Nhận xét. Câu b có thể sử dụng định lý Stolz cho dãy ( y
n) và dãy z
n= n cũng thu
được kết quả tương tự, vì thực ra định lý Stolz còn tổng quát hơn cả định lý trung bình
xn+1
−xn
Cesaro: Cho hai dãy số ( x
n) , ( y
n) có y
ndương, tăng, tiến tới vô cực và lim
yn+1
−yn
= L
xn
thì lim
yn
= L. Dấu hiệu nhận biết định lý Stolz cho câu b là khá rõ. Nếu ở trên không
thực hiện đặt dãy phụ thì vẫn có thể xét hiệu p x
n+1− p x
n. Tuy nhiên, nếu ta đi theo
hướng xét trực tiếp dãy x
nvà n
2thì hơi khó, vì khi đó không dễ để tính trực tiếp được
giới hạn sau (cũng khó có thể chứng minh được tính tăng/giảm của dãy
nxn
2
, dù trên thực
tế, nó đúng là dãy tăng).
x
n+1− x
n2n + 1 .
Dãy số theo dạng u
n+1= u
n+ u
αnvà cả hai ý là không mới, tùy vào giá trị α, ta có thể
ước lượng được “tốc độ” tăng của dãy này, xấp xỉ với n, n
2hay
1n, . . .
Một bài tương tự:
1. (Đề tiêu thụ bài giảng trường Đông miền Nam 2019) Cho dãy số ( u
n) thỏa mãn
u
1> 0, u
n+1= u
n+
u12
n
, n = 1, 2, 3, . . . Chứng minh rằng lim
xn3
n
= 3.
2. (VMO 2017 Mock test) Cho dãy số ( u
n) thỏa mãn
u
n+ n
2u
1= 2017
2016 , u
n+1= u
n+ 2 p
u
nvới n ≥ 1.
a) Tính p
u
2018b) Chứng minh rằng a
n=
u11
+
u12
+ · · · +
u1n
hội tụ.
c) Chứng minh rằng b
n=
u11
+
u22
+ · · · +
unn
→ +∞.
3. Cho dãy số a
1> 0, a
n+1= a
n+
ann
với n ≥ 1. Tính giới hạn của các dãy số sau
b
n=
ann
và c
n= a
n− n.
4. (Chọn đội tuyển Đồng Nai 2019) Cho dãy số ( x
n) thỏa mãn x
n+1=
13
x
n+
p2nxn
( n − 1 )
2< x
n< p
3
Chứng minh rằng Æ
3
n
2, ∀ n ≥ 3 và tính lim
xp3
n+1
−xn
n2
−xn