44 08 5,56 GAM ÁP DỤNG ĐỊNH LUẬT BẢO TOÀN KHỐI LƯỢNG TA CÚ

11,44 11,08 5,56 gam Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta cú: M

_NaOH

= 11,08 + 5,56 – 11,44 = 5,2 gam  n

_NaOH

^5,2 0,13 mol 40 M 85,23

_RCOONa

11,08 0,13   R18,23

_{R OH}

5,56M 42,77



 0,13   R 25,77

_RCOOR

11,44M 88



 0,13  CTPT của este là C

4

H

8

O

2

Vậy cụng thức cấu tạo 2 este đồng phõn là: HCOOC

₃

H

₇

và C

₂

H

₅

COOCH

₃

hoặc C

₂

H

₅

COOCH

₃

vàCH

₃

COOC

₂

H

₅

. (Đỏp ỏn D) Vớ dụ 9: Chia hỗn hợp gồm hai anđehit no đơn chức làm hai phần bằng nhau: ư Phần 1: Đem đốt chỏy hoàn toàn thu được 1,08 gam H

2

O. ư Phần 2: Tỏc dụng với H

2

dư (Ni, t

^o

) thỡ thu được hỗn hợp A. Đem đốt chỏy hoàn toàn thỡ thể tớch khớ CO

2

(đktc) thu được là Book.Key.To – Download Ebook Free..!!! A. 1,434 lớt. B. 1,443 lớt. C. 1,344 lớt. D. 0,672 lớt. Hướng dẫn giải Phần 1: Vỡ anđehit no đơn chức nờn n n = 0,06 mol.

CO

H O

2

2

 n

CO

2

_{(phần 2)}

n

C

_{(phần 2)}

0,06mol. Theo bảo toàn nguyờn tử và bảo toàn khối lượng ta cú: n

_{(phần 2)}

n 0,06mol.

C

C ( A )

 n

CO (A )

2

= 0,06 mol  V

CO

2

= 22,40,06 = 1,344 lớt. (Đỏp ỏn C) Vớ dụ 10: Cho một luồng CO đi qua ống sứ đựng 0,04 mol hỗn hợp A gồm FeO và Fe

2

O

3

đốt núng. Sau khi kết thỳc thớ nghiệm thu được B gồm 4 chất nặng 4,784 gam. Khớ đi ra khỏi ống sứ cho hấp thụ vào dung dịch Ba(OH)

2

dư thỡ thu được 9,062 gam kết tủa. Phần trăm khối lượng Fe

₂

O

₃

trong hỗn hợp A là A. 86,96%. B. 16,04%. C. 13,04%. D.6,01%. 0,04 mol hỗn hợp A (FeO và Fe

2

O

3

) + CO  4,784 gam hỗn hợp B + CO

2

. CO

2

+ Ba(OH)

2 dư

 BaCO

3 

+ H

2

O n n 0,046 mol

CO

BaCO

2

3

và n

CO (

_p.ư

)

n

CO

2

0,046 molmm

A

+ m

CO

= m

B

+

CO

2

 m

_A

= 4,784 + 0,04644  0,04628 = 5,52 gam. Đặt n

_FeO

= x mol, n y mol trong hỗn hợp B ta cú:

Fe O3

2

  x y 0,04  x 0,01 mol 72x 160y 5,52y 0,03 mol 