AKHI K ĐÓNG VÀ CON CHẠY Ở ĐẦU N THÌ TOÀN BỘ BIẾN TRỞ MN MẮC SONG...

Câu 4aKhi K đóng và con chạy ở đầu N thì toàn bộ biến trở MN mắc song song (1,0)với ampe kế. Khi đó mạch điện trở thành: (R

2

// Đ) nt R

1

Lúc này ampe kế đo cường độ dòng điện mạch chính 0,25

R

_tm

U

(1) 0,25

21





5

,

25



4

I

R

R

R

đ

2



2

Mặt khác:

^.

₄

⁴

_,

₅

^,

⁵

^.

³







R

1

tm

(2) 0,25





Từ (1) và (2) giải ra: R

2

= 4,5Ω 0,25bGọi điện trở của phần biến trở từ M tới con chạy là R

X

, như vậy điện trở (2,5)của đoạn từ C đến N là R - R

X

. Khi K mở mạch điện thành: UR

1

ntR

X

nt{R

2

//[(R-R

X

ntR

đ

)]} 0,5R

₁

Đ R

_X

R-R

_X

P

C

N

M

R

₂

(

²

81

)

6











2

0,25

X

Điện trở toàn mạch:

tm

R

5

,

13



UI U 0,25R Cường độ dòng điện ở mạch chính: ⁽

2

^13,5₆ ⁾₈₁

tm

R R)(13,5.(9).4U

PC

= I.R

PC

= 0,25

2

  681I U (3) 0,25

PC

Cường độ dòng điện chạy qua đèn:

đ

R R9 

²

 Đèn tối nhất khi I

đ

nhỏ nhất. Mẫu của biểu thức trong vế phải của (3) là một tam thức bậc hai mà hệ số của R

X

âm. Do đó mẫu đạt giá trị lớn nhất khi:0,5



3





R

X

hoặc phân tích: ^I_d ^{4, 5.U} ₂

.(

  để R

X

= 3



90 (Rx 3)Vậy khi R

x

= 3Ω thì I

đ

nhỏ nhất, đèn tối nhất. 0,5Theo kết quả câu trên, ta thấy: Khi K mở, nếu dịch chuyển con chạy từ M ctới vị trí ứng với R

X

= 3Ω thì đèn tối dần đi, nếu tiếp tục dịch chuyển con (0,5)chạy từ vị trí đó tới N thì đèn sẽ sáng dần lên. 0,5